Задания по молекулярной биологии с ответами егэ - Помощь в подготовке к экзаменам и поступлению

1. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ -Т-А-А-Т-Г-А-Ц-Ц-Г-Ц-А-Т-А-Т-А-Т-Ц-Ц-А-Т -3’

3’ -А-Т-Т-А-Ц-Т-Г-Г-Ц-Г-Т-А-Т-А-Т-А-Г-Г-Т-А — 5’

Ген содержит информативную и неинформативную части для трансляции. Информативная часть гена начинается с триплета, кодирующего аминокислоту Мет. С какого нуклеотида начинается информативная часть гена? Определите последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи. Ответ поясните. Для выполнения задания используйте таблицу генетического кода.

2. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ -А-Ц-А-Т-Г-Г-Г-А-Т-Ц-Ц-Т-А-Т-А-Т-Ц-Г-Ц-Г- 3’

3’ -Т-Г-Т-А-Ц-Ц-Ц-Т-А-Г-Г-А-Т-А-Т-А-Г-Ц-Г-Ц- 5’

3. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Ц-Т-А-Т-Г-А-А-Т-А-Ц-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Т-А-Г-Т- 3’

3’ -Г-А-Т-А-Ц-Т-Т-А-Т-Г-А-Ц-Т-А-Г-А-А-Т-Ц-А- 5’

4. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Г-Ц-Г-Г-Г-Ц-Т-А-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Ц-Ц-Ц-Г-А-Т-А-Ц-Т-А-Г-А-Ц- 5’

В результате замены одного нуклеотида в ДНК четвёртая аминокислота во фрагменте полипептида заменилась на аминокислоту Вал. Определите аминокислоту, которая кодировалась до мутации. Какие изменения произошли в ДНК, иРНК в результате замены одного нуклеотида? Благодаря какому свойству генетического кода одна и та же аминокислота у разных организмов кодируется одним и тем же триплетом? Ответ поясните. Для выполнения задания используйте таблицу генетического кода.

5. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Г-Ц-А-Т-Г-Г-Г-Ц-Т-Ц-Т-Г-Г-А-Т-Ц-Т-А-Г-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Т-А-Ц-Ц-Ц-Г-А-Г-А-Ц-Ц-Т-А-Г-А-Т-Ц-Ц — 5’

6. Молекулы тРНК, несущие соответствующие антикодоны, входят в рибосому в следующем порядке: ГУА, УАЦ, УГЦ, ГЦА. Определите последовательность нуклеотидов смысловой и транскрибируемой цепей ДНК, иРНК и аминокислот в молекуле синтезируемого фрагмента белка. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода. При выполнении задания учитывайте, что антикодоны тРНК антипараллельны кодонам иРНК.

7. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Г-Т-Ц-А-Ц-А-Г-Ц-Г-А-Т-Ц-А-А-Т — 3’

3’ — Ц-А-Г-Т-Г-Т-Ц-Г-Ц-Т-А-Г-Т-Т-А — 5’

Определите последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи и обоснуйте свой ответ. Какие изменения могли произойти в результате генной мутации во фрагменте молекулы ДНК, если вторая аминокислота в полипептиде заменилась на аминокислоту Про? Какое свойство генетического кода определяет возможность существования разных фрагментов мутированной молекулы ДНК? Ответ обоснуйте. Для решения задания используйте таблицу генетического кода.

8. Некоторые вирусы в качестве генетического материала несут РНК. Такие вирусы, заразив клетку, встраивают ДНК-копию своего генома в геном хозяйской клетки. В клетку проникла вирусная РНК следующей последовательности:

5’ — А-У-Г-Г-Ц-У-У-У-У-Г-Ц-А — 3’

Определите, какова будет последовательность вирусного белка, если матрицей для синтеза иРНК служит цепь, комплементарная вирусной РНК. Напишите последовательность двуцепочечного фрагмента ДНК, укажите 5’ и 3’ концы цепей. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода.

9. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Т-А-Т-Т-Ц-Ц-Т-А-Ц-Г-Г-А-А-А-А — 3’

3’ — А-Т-А-А-Г-Г-А-Т-Г-Ц-Ц-Т-Т-Т-Т — 5’

Определите последовательность аминокислот во фрагменте полипептидной цепи и обоснуйте свой ответ. Какие изменения могли произойти в результате генной мутации во фрагменте молекулы ДНК, если третья аминокислота в полипептиде заменилась на аминокислоту Циc? Какое свойство генетического кода определяет возможность существования разных фрагментов мутированной молекулы ДНК? Ответ обоснуйте. Для выполнения задания используйте таблицу генетического кода.

Некоторые вирусы в качестве генетического материала несут РНК. Такие вирусы, заразив клетку, встраивают ДНК-копию своего генома в геном хозяйской клетки. В клетку проникла вирусная РНК следующей последовательности:

5’ — Г-Ц-Г-Г-А-А-А-А-Г-Ц-Г-Ц — 3’

11 Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Г-Ц-Г-Г-Г-Ц-Т-А-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Ц-Ц-Ц-Г-А-Т-А-Ц-Т-А-Г-А-Ц — 5’

В результате замены одного нуклеотида в ДНК третья аминокислота во фрагменте полипептида заменилась на аминокислоту Гис. Определите аминокислоту, которая кодировалась до мутации. Какие изменения произошли в ДНК, иРНК в результате замены одного нуклеотида? Благодаря какому свойству генетического кода одна и та же аминокислота у разных организмов кодируется одним и тем же триплетом? Ответ поясните. Для выполнения задания используйте таблицу генетического кода.

Некоторые вирусы в качестве генетического материала несут РНК. Такие вирусы, заразив клетку, встраивают ДНК-копию своего генома в геном хозяйской клетки. В клетку проникла вирусная РНК следующей последовательности:

5’ — Г-У-Г-А-Г-Г-А-Ц-Ц-У-Ц-Г — 3’

13. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Т-Г-Ц-Г-Ц-Т-Г-Ц-А-Ц-Ц-А-Г-Ц-Т — 3’

3’ — А-Ц-Г-Ц-Г-А-Ц-Г-Т-Г-Г-Т-Ц-Г-А — 5’

Установите нуклеотидную последовательность участка тРНК, который синтезируется на данном фрагменте, обозначьте 5’ и 3’ концы этого фрагмента и определите аминокислоту, которую будет переносить эта тРНК в процессе биосинтеза белка, если третий триплет с 5’ конца соответствует антикодону тРНК. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода.

14. Молекулы тРНК, несущие соответствующие антикодоны, входят в рибосому в следующем порядке: ЦГЦ, ЦЦУ, АЦГ, АГА, АГЦ. Определите последовательность нуклеотидов смысловой и транскрибируемой цепей ДНК, иРНК и аминокислот в молекуле синтезируемого фрагмента белка. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода. При выполнении задания учитывайте, что антикодоны тРНК антипараллельны кодонам иРНК.

15. Фрагмент начала гена имеет следующую последовательность нуклеотидов (верхняя цепь — смысловая, нижняя — транскрибируемая):

5’ — Т-Г-Ц-Ц-А-Т-Т-Т-Т-Ц-Г-А-Т-А-Г — 3’

3’ — А-Ц-Г-Г-Т-А-А-А-А-Г-Ц-Т-А-Т-Ц — 5’

5’ -Т-А-А-Т-Г-А-Ц-Ц-Г-Ц-А-Т-А-Т-А-Т-Ц-Ц-А-Т -3’

3’ -А-Т-Т-А-Ц-Т-Г-Г-Ц-Г-Т-А-Т-А-Т-А-Г-Г-Т-А — 5’

по принципу комплементарности находим цепь иРНК:
5’ — У-А-А-У-Г-А-Ц-Ц-Г-Ц-А-У-А-У-А-У-Ц-Ц-А-У — 3’
информативная часть начинается с третьего нуклеотида ТАЦ на ДНК, так как кодон АУГ кодирует аминокислоту Мет
последовательность аминокислот находим по кодонам иРНК в таблице генетического кода:
Мет-Тре-Ала-Тир-Иле-Гис

5’ -А-Ц-А-Т-Г-Г-Г-А-Т-Ц-Ц-Т-А-Т-А-Т-Ц-Г-Ц-Г- 3’

3’ -Т-Г-Т-А-Ц-Ц-Ц-Т-А-Г-Г-А-Т-А-Т-А-Г-Ц-Г-Ц- 5’

по принципу комплементарности находим цепь иРНК:
5’- А-Ц-А-У-Г-Г-Г-А-У-Ц-Ц-У-А-У-А-У-Ц-Г-Ц-Г- 3’
информативная часть гена начинается с третьего нуклеотида Т на ДНК, так как кодон АУГ кодирует аминокислоту Мет
последовательность аминокислот находим по кодонам иРНК в таблице генетического кода:
Мет-Гли-Сер-Тир-Иле-Ала

5’ — Ц-Т-А-Т-Г-А-А-Т-А-Ц-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Т-А-Г-Т- 3’

3’ -Г-А-Т-А-Ц-Т-Т-А-Т-Г-А-Ц-Т-А-Г-А-А-Т-Ц-А- 5’

1.по принципу комплементарности находим цепь иРНК:
5’ — Ц-У-А-У-Г-А-А-У-А-Ц-У-Г-А-У-Ц-У-У-А-Г-У – 3

последовательность аминокислот находим по таблице генетического кода:
Мет-Асн-Тре-Асп-Лей-Сер
информативная часть гена начинается с третьего нуклеотида Т на ДНК, так как кодон АУГ кодирует аминокислоту Мет

5’ — Г-Ц-Г-Г-Г-Ц-Т-А-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Ц-Ц-Ц-Г-А-Т-А-Ц-Т-А-Г-А-Ц- 5’

Четвёртый триплет исходного фрагмента смысловой цепи ДНК — ГАТ (транскрибируемой цепи ДНК — ЦТА), определяем триплет иРНК: ГАУ, по таблице генетического кода определяем, что он кодирует аминокислоту Асп
Во фрагменте ДНК в четвёртом триплете смысловой цепи ГАТ нуклеотид А заменился на Т (в транскрибируемой цепи в триплете ЦТА нуклеотид Т заменился на А), а в иРНК в четвёртом кодоне (ГАУ) нуклеотид А заменился на У (ГУУ)
Свойство генетического кода — универсальность
Наличие в ответе множества триплетов считается ошибкой, так как в задании указано, что произошла замена одного нуклеотида

5. Фрагмент

5’ — Г-Ц-А-Т-Г-Г-Г-Ц-Т-Ц-Т-Г-Г-А-Т-Ц-Т-А-Г-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Т-А-Ц-Ц-Ц-Г-А-Г-А-Ц-Ц-Т-А-Г-А-Т-Ц-Ц — 5’.

по принципу комплементарности находим цепь иРНК:
5’ — Г-Ц-А-У-Г-Г-Г-Ц-У-Ц-У-Г-Г-А-У-Ц-У-А-Г-Г — 3’
информативная часть гена начинается с третьего нуклеотида Т на ДНК, так как кодон АУГ кодирует аминокислоту Мет
последовательность полипептида находим по таблице генетического кода:
Мет-Гли-Сер-Гли-Сер-Арг

6. Молекулы тРНК, несущие соответствующие антикодоны, входят в рибосому в следующем порядке: ГУА, УАЦ, УГЦ, ГЦА.

1) по принципу комплементарности определяем последовательность иРНК:
5’- У-А-Ц-Г-У-А-Г-Ц-А-У-Г-Ц -3’
2) нуклеотидную последовательность транскрибируемой и смысловой цепей ДНК также определяем по принципу комплементарности:
5’ — Т-А-Ц-Г-Т-А-Г-Ц-А-Т-Г-Ц — 3’
3’ — А-Т-Г-Ц-А-Т-Ц-Г-Т-А-Ц-Г- 5’
3) по таблице генетического кода и кодонам иРНК находим последовательность аминокислот в пептиде:
Тир-Вал-Ала-Цис

5’ — Г-Т-Ц-А-Ц-А-Г-Ц-Г-А-Т-Ц-А-А-Т — 3’

3’ — Ц-А-Г-Т-Г-Т-Ц-Г-Ц-Т-А-Г-Т-Т-А — 5’

Последовательность аминокислот в полипептиде:
Вал-Тре-Ала-Иле-Асн — определяется по последовательности нуклеотидов в молекуле иРНК:
5’ — Г-У-Ц-А-Ц-А-Г-Ц-Г-А-У-Ц-А-А-У — 3’
Во фрагменте белка вторая аминокислота Тре заменилась на Про, что возможно при замене второго триплета в смысловой цепи ДНК АЦА на триплет ЦЦТ, ЦЦЦ, ЦЦА или ЦЦГ; при замене второго триплета в транскрибируемой цепи ДНК ТГТ на ГГА, ГГГ, ГГТ или ГГЦ (второго кодона в РНК АЦА на кодон ЦЦУ, ЦЦЦ, ЦЦА или ЦЦГ)
Свойство генетического кода — избыточность (вырожденность), так как одной аминокислоте (Про) соответствует более одного триплета (четыре триплета)

8. Некоторые вирусы

5’ — А-У-Г-Г-Ц-У-У-У-У-Г-Ц-А — 3’

по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность участка ДНК:
5’ — А-Т-Г-Г-Ц-Т-Т-Т-Т-Г-Ц-А — 3’
3’ — Т-А-Ц-Ц-Г-А-А-А-А-Ц-Г-Т — 5’
по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность иРНК:
5’ — А-У-Г-Г-Ц-У-У-У-У-Г-Ц-А — 3’
по таблице генетического кода определяем последовательность вирусного белка:
Мет-Ала-Фен-Ала

9. Фрагмент

5’ — Т-А-Т-Т-Ц-Ц-Т-А-Ц-Г-Г-А-А-А-А — 3’

3’ — А-Т-А-А-Г-Г-А-Т-Г-Ц-Ц-Т-Т-Т-Т — 5’.

последовательность аминокислот в полипептиде:
Тир-Сер-Тир-Гли-Лиз
определяется по последовательности нуклеотидов в молекуле иРНК:
5’ — У-А-У-У-Ц-Ц-У-А-Ц-Г-Г-А-А-А-А — 3’
во фрагменте полипептида третья аминокислота Тир заменилась на Цис, что возможно при замене третьего триплета в смысловой цепи ДНК ТАЦ на триплеты ТГТ либо ТГЦ (в третьем кодоне иРНК триплета УАЦ на триплеты УГУ либо УГЦ)
свойство генетического кода — избыточность (вырожденность), так как одной аминокислоте (Цис) соответствует более одного триплета (два триплета)

Некоторые вирусы:

5’ — Г-Ц-Г-Г-А-А-А-А-Г-Ц-Г-Ц — 3’

по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность участка ДНК:

5’ — Г-Ц-Г-Г-А-А-А-А-Г-Ц-Г-Ц — 3’

3’ — Ц-Г-Ц-Ц-Т-Т-Т-Т-Ц-Г-Ц-Г — 5’

по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность иРНК:

5’- Г-Ц-Г-Г-А-А-А-А-Г-Ц-Г-Ц — 3’

по таблице генетического кода определяем последовательность вирусного белка:

Ала-Глу-Лиз-Арг

11 Фрагмент

5’ — Г-Ц-Г-Г-Г-Ц-Т-А-Т-Г-А-Т-Ц-Т-Г — 3’

3’ — Ц-Г-Ц-Ц-Ц-Г-А-Т-А-Ц-Т-А-Г-А-Ц — 5’.

третий триплет исходного фрагмента смысловой цепи ДНК — ТАТ (транскрибируемой цепи ДНК — АТА), определяем триплет иРНК: УАУ, по таблице генетического кода определяем, что он кодирует аминокислоту Тир
во фрагменте ДНК в третьем триплете смысловой цепи ТАТ первый нуклеотид Т заменился на Ц (в транскрибируемой цепи в триплете АТА первый нуклеотид А заменился на Г), а в иРНК в третьем кодоне (УАУ) первый нуклеотид У заменился на Ц (ЦАУ)
Свойство генетического кода — универсальность: у всех организмов одни и те же триплеты соответствуют одним и тем же аминокислотам

12 Некоторые вирусы

5’ — Г-У-Г-А-Г-Г-А-Ц-Ц-У-Ц-Г — 3’

по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность участка ДНК:
5’ — Г-Т-Г-А-Г-Г-А-Ц-Ц-Т-Ц-Г — 3’
3’ — Ц-А-Ц-Т-Ц-Ц-Т-Г-Г-А-Г-Ц — 5’
по принципу комплементарности находим нуклеотидную последовательность иРНК:
5’ — Г-У-Г-А-Г-Г-А-Ц-Ц-У-Ц-Г — 3’
по таблице генетического кода определяем последовательность вирусного белка:
Вал-Арг-Тре-Сер

13. Фрагмент

5’ — Т-Г-Ц-Г-Ц-Т-Г-Ц-А-Ц-Ц-А-Г-Ц-Т — 3’

3’ — А-Ц-Г-Ц-Г-А-Ц-Г-Т-Г-Г-Т-Ц-Г-А — 5’

нуклеотидная последовательность участка тРНК:
5’ — У-Г-Ц-Г-Ц-У-Г-Ц-А-Ц-Ц-А-Г-Ц-У — 3’
нуклеотидная последовательность антикодона ГЦА (третий триплет) соответствует кодону на иРНК УГЦ
по таблице генетического кода этому кодону соответствует аминокислота Цис, которую будет переносить данная тРНК

14. Молекулы тРНК ЦГЦ, ЦЦУ, АЦГ, АГА, АГЦ. 1) по принципу комплементарности определяем последовательность иРНК:
5’ — Г-Ц-Г-А-Г-Г-Ц-Г-У-У-Ц-У-Г-Ц-У — 3’
2) нуклеотидную последовательность транскрибируемой и смысловой цепей ДНК также определяем по принципу комплементарности:
5’ — Г-Ц-Г-А-Г-Г-Ц-Г-Т-Т-Ц-Т-Г-Ц-Т — 3’
3’ — Ц-Г-Ц-Т-Ц-Ц-Г-Ц-А-А-Г-А-Ц-Г-А -5’
3) по таблице генетического кода и кодонам иРНК находим последовательность аминокислот в пептиде:
Ала-Арг-Арг-Сер-Ала

15. Фрагмент):

5’ — Т-Г-Ц-Ц-А-Т-Т-Т-Т-Ц-Г-А-Т-А-Г — 3’

3’ — А-Ц-Г-Г-Т-А-А-А-А-Г-Ц-Т-А-Т-Ц — 5’.

1) нуклеотидная последовательность участка тРНК:
5’ — У-Г-Ц-Ц-А-У-У-У-У-Ц-Г-А-У-А-Г — 3’
2) нуклеотидная последовательность антикодона УУУ (третий триплет) соответствует кодону на иРНК ААА
3) по таблице генетического кода этому кодону соответствует аминокислота Лиз, которую будет переносить данная тРНК

Источник

Темы «Молекулярная биология» и «Генетика» – наиболее интересные и сложные темы в курсе «Общая биология». Эти темы изучаются и в 9-х, и в 11х классах, но времени на отработку умения решать задачи в программе явно недостаточно. Однако умение решать задачи по генетике и молекулярной биологии предусмотрено Стандартом биологического образования, а также такие задачи входят в состав КИМ ЕГЭ.

Для решения задач по молекулярной биологии необходимо владеть следующими биологическими понятиями: виды нуклеиновых кислот,строение ДНК, репликация ДНК , функции ДНК, строение и функции РНК, генетический код, свойства генетического кода,мутация.

Типовые задачи знакомят с основными приемами рассуждений в генетике, а «сюжетные»– полнее раскрывают и иллюстрируют особенности этой науки, делая ее интересной и привлекательной для учащихся. Подобранные задачи характеризуют генетику как точную науку, использующую математические методы анализа. Решение задач в биологии требует умения анализировать фактический материал, логически думать и рассуждать , а также определенной изобретательности при решении особенно трудных и запутанных задач.

Для закрепления теоретического материала по способам и приемам решения задач предлагаются задачи для самостоятельного решения, а также вопросы для самоконтроля.

Примеры решения задач

Необходимые пояснения:

Один шаг это полный виток спирали ДНК–поворот на 360^o
Один шаг составляют 10 пар нуклеотидов
Длина одного шага – 3,4 нм
Расстояние между двумя нуклеотидами – 0,34 нм
Молекулярная масса одного нуклеотида – 345 г/моль
Молекулярная масса одной аминокислоты – 120 г/мол
В молекуле ДНК: А+Г=Т+Ц (Правило Чаргаффа: ∑(А) = ∑(Т), ∑(Г) = ∑(Ц), ∑(А+Г) =∑(Т+Ц)
Комплементарность нуклеотидов: А=Т; Г=Ц
Цепи ДНК удерживаются водородными связями, которые образуются между комплементарными азотистыми основаниями: аденин с тимином соединяются 2 водородными связями, а гуанин с цитозином тремя.
В среднем один белок содержит 400 аминокислот;
вычисление молекулярной массы белка:

где М_min – минимальная молекулярная масса белка,
а – атомная или молекулярная масса компонента,
в – процентное содержание компонента.

Задача № 1.Одна из цепочек ДНК имеет последовательность нуклеотидов : АГТ АЦЦ ГАТ АЦТ ЦГА ТТТ АЦГ … Какую последовательность нуклеотидов имеет вторая цепочка ДНК той же молекулы. Для наглядности можно использовать магнитную «азбуку» ДНК (прием автора статьи) .
Решение: по принципу комплементарности достраиваем вторую цепочку (А-Т,Г-Ц) .Она выглядит следующим образом: ТЦА ТГГ ЦТА ТГА ГЦТ ААА ТГЦ.

Задача № 2. Последовательность нуклеотидов в начале гена, хранящего информацию о белке инсулине, начинается так: ААА ЦАЦ ЦТГ ЦТТ ГТА ГАЦ. Напишите последовательности аминокислот, которой начинается цепь инсулина.
Решение: Задание выполняется с помощью таблицы генетического кода, в которой нуклеотиды в иРНК (в скобках – в исходной ДНК) соответствуют аминокислотным остаткам.

Задача № 3. Большая из двух цепей белка инсулина имеет (так называемая цепь В) начинается со следующих аминокислот : фенилаланин-валин-аспарагин-глутаминовая кислота-гистидин-лейцин. Напишите последовательность нуклеотидов в начале участка молекулы ДНК, хранящего информацию об этом белке.

Решение (для удобства используем табличную форму записи решения): т.к. одну аминокислоту могут кодировать несколько триплетов, точную структуру и-РНК и участка ДНКопределить невозможно, структура может варьировать. Используя принцип комплементарности и таблицу генетического кода получаем один из вариантов:

Цепь белка	Фен	Вал	Асн	Глу	Гис	Лей
и-РНК	УУУ	ГУУ	ААУ	ГАА	ЦАЦ	УУА
ДНК	1-я цепь	ААА	ЦАА	ТТА	ЦТТ	ГТГ	ААТ
2-я цепь	ТТТ	ГТТ	ААТ	ГАА	ЦАЦ	ТТА

Задача № 4. Участок гена имеет следующее строение, состоящее из последовательности нуклеотидов: ЦГГ ЦГЦ ТЦА ААА ТЦГ … Укажите строение соответствующего участка белка, информация о котором содержится в данном гене. Как отразится на строении белка удаление из гена четвертого нуклеотида?

Решение (для удобства используем табличную форму записи решения): Используя принцип комплементарности и таблицу генетического кода получаем:

Цепь ДНК	ЦГГ	ЦГЦ	ТЦА	ААА	ТЦГ
и -РНК	ГЦЦ	ГЦГ	АГУ	УУУ	АГЦ
Аминокислоты цепи белка	Ала-Ала-Сер-Фен-Сер

При удалении из гена четвертого нуклеотида – Ц произойдут заметные изменения – уменьшится количество и состав аминокислот в белке:

Цепь ДНК	ЦГГ	ГЦТ	ЦАА	ААТ	ЦГ
и -РНК	ГЦЦ	ЦГА	ГУУ	УУА	ГЦ
Аминокислоты цепи белка	Ала-Арг-Вал-Лей-

Задача № 5. Вирусом табачной мозаики (РНК-содержащий вирус) синтезируется участок белка с аминокислотной последовательностью: Ала – Тре – Сер – Глу – Мет-. Под действием азотистой кислоты (мутагенный фактор) цитозин в результате дезаминирова ния превращается в урацил. Какое строение будет иметь участок белка вируса табачной мозаики, если все цитидиловые нуклеотиды подвергнутся указанному химическому превращению?

Аминокислоты цепи белка (исходная)	Ала – Тре – Сер – Глу – Мет-
и -РНК (исходная)	ГЦУ	АЦГ	АГУ	ГАГ	АУГ
и -РНК (дезаминированная)	ГУУ	АУГ	АГУ	ГАГ	АУГ
Аминокислоты цепи белка (дезаминированная)	Вал – Мет – Сер – Глу – Мет-

Задача № 6. При синдроме Фанкоми (нарушение образования костной ткани) у больного с мочой выделяются аминокислоты , которым соответствуют кодоны в и -РНК : АУА ГУЦ АУГ УЦА УУГ ГУУ АУУ. Определите, выделение каких аминокислот с мочой характерно для синдрома Фанкоми, если у здорового человека в моче содержатся аминокислоты аланин, серин, глутаминовая кислота, глицин.

и -РНК	АУА	ГУЦ	АУГ	УЦА	УУГ	ГУУ	АУУ
Аминокислоты цепи белка (больного человека)	Изе-Вал-Мет-Сер-Лей-Вал-Иле
Аминокислоты цепи белка (здорового человека)	Ала-Сер-Глу-Гли

Таким образом, в моче больного человека только одна аминокислота (серин) такая же как, у здорового человека, остальные – новые, а три, характерные для здорового человека, отсутствуют.

Задача № 7. Цепь А инсулина быка в 8-м звене содержит аланин, а лошади – треонин, в 9-м звене соответственно серин и глицин. Что можно сказать о происхождении инсулинов?

Решение (для удобства сравнения используем табличную форму записи решения): Посмотрим, какими триплетами в и-РНК кодируются упомянутые в условии задачи аминокислоты.

Организм	Бык	Лошадь
8-е звено	Ала	Тре
и- РНК	ГЦУ	АЦУ
9-е звено	Сер	Гли
и- РНК	АГУ	ГГУ

Т.к. аминокислоты кодируются разными триплетами, взяты триплеты, минимално отличающиеся друг от друга. В данном случае у лошади и быка в 8-м и 9-м звеньях изменены аминокислоты в результате замены первых нуклеотидов в триплетах и -РНК : гуанин заменен на аденин ( или наоборот). В двухцепочечной ДНК это будет равноценно замене пары Ц-Г на Т-А (или наоборот).
Следовательно, отличия цепей А инсулина быка и лошади обусловлены транзициями в участке молекулы ДНК, кодирующей 8-е и 9-е звенья цепи А инсулинов быка и лошади.

Задача № 7 . Исследования показали, что в и- РНК содержится 34% гуанина,18% урацила, 28% цитозина и 20% аденина.Определите процентный состав азотистых оснваний в участке ДНК, являющейся матрицей для данной и-РНК.
Решение (для удобства используем табличную форму записи решения): Процентное соотношение азотистых оснований высчитываем исходя из принципа комплементарности:

и-РНК	Г	У	Ц	А
34%	18%	28%	20%
ДНК (смысловая цепь, считываемая)	Г	А	Ц	Т
28%	18%	34%	20%
ДНК (антисмысловая цепь)	Г	А	Ц	Т
34%	20%	28%	18%

Суммарно А+Т и Г+Ц в смысловой цепи будут составлять: А+Т=18%+20%=38% ; Г+Ц=28%+34%=62%. В антисмысловой (некодируемой) цепи суммарные показатели будут такими же , только процент отдельных оснований будет обратный: А+Т=20%+18%=38% ; Г+Ц=34%+28%=62%. В обеих же цепях в парах комплиментарных оснований будет поровну, т.е аденина и тимина – по 19%, гуанина и цитозина по 31%.

Задача № 8. На фрагменте одной нити ДНК нуклеотиды расположены в последователь ности: А–А–Г–Т–Ц–Т–А–Ц–Г–Т–А–Т. Определите процентное содержание всех нукле отидов в этом фрагменте ДНК и длину гена.

Решение:

1) достраиваем вторую нить (по принципу комплементарности)

2) ∑(А +Т+Ц+Г) = 24,из них ∑(А) = 8 = ∑(Т)

24 – 100%	=> х = 33,4%
8 – х%

24 – 100%	=> х = 16,6%
4 – х%

∑(Г) = 4 = ∑(Ц)

3) молекула ДНК двуцепочечная, поэтому длина гена равна длине одной цепи:

12 × 0,34 = 4,08 нм

Задача № 9. В молекуле ДНК на долю цитидиловых нуклеотидов приходится 18%. Определите процентное содержание других нуклеотидов в этой ДНК.

Решение:

1) т.к. Ц = 18%, то и Г = 18%;
2) на долю А+Т приходится 100% – (18% +18%) = 64%, т.е. по 32%

Задача № 10. В молекуле ДНК обнаружено 880 гуанидиловых нуклеотидов, которые составляют 22% от общего числа нуклеотидов в этой ДНК. Определите: а) сколько других нуклеотидов в этой ДНК? б) какова длина этого фрагмента?

Решение:

1) ∑(Г) = ∑(Ц)= 880 (это 22%); На долю других нуклеотидов приходится 100% – (22%+22%)= 56%, т.е. по 28%; Для вычисления количества этих нуклеотидов составляем пропорцию:

22% – 880
28% – х, отсюда х = 1120

2) для определения длины ДНК нужно узнать, сколько всего нуклеотидов содержится в 1 цепи:

(880 + 880 + 1120 + 1120) : 2 = 2000
2000 × 0,34 = 680 (нм)

Задача № 11. Дана молекула ДНК с относительной молекулярной массой 69 000, из них 8625 приходится на долю адениловых нуклеотидов. Найдите количество всех нуклеотидов в этой ДНК. Определите длину этого фрагмента.

Решение:

1) 69 000 : 345 = 200 (нуклеотидов в ДНК), 8625 : 345 = 25 (адениловых нуклеотидов в этой ДНК),∑(Г+Ц) = 200 – (25+25)= 150, т.е. их по 75;
2) 200 нуклеотидов в двух цепях, значит в одной – 100. 100 × 0,34 = 34 (нм)

Задача № 12. Что тяжелее: белок или его ген?

Решение: Пусть х – количество аминокислот в белке, тогда масса этого белка – 120х, количество нуклеотидов в гене, кодирующем этот белок, – 3х, масса этого гена – 345 × 3х. 120х < 345 × 3х, значит ген тяжелее белка.

Задача № 13. Гемоглобин крови человека содержит 0, 34% железа. Вычислите минимальную молекулярную массу гемоглобина.

Решение: М_min = 56 : 0,34% · 100% = 16471

Задача №14. Альбумин сыворотки крови человека имеет молекулярную массу 68400. Определите количество аминокислотных остатков в молекуле этого белка.

Решение: 68400 : 120 = 570 (аминокислот в молекуле альбумина)

Задача №15. Белок содержит 0,5% глицина. Чему равна минимальная молекулярная масса этого белка, если М глицина = 75,1? Сколько аминокислотных остатков в этом белке?

Решение: М_min = 75,1 : 0,5% · 100% = 15020 ; 15020 : 120 = 125 (аминокислот в этом белке)

Задачи для самостоятельной работы

Молекула ДНК распалась на две цепочки. одна из них имеет строение : ТАГ АЦТ ГГТ АЦА ЦГТ ГГТ ГАТ ТЦА … Какое строение будет иметь вторая молекула ДНК ,когда указанная цепочка достроится до полной двухцепочечной молекулы ?
Полипептидная цепь одного белка животных имеет следующее начало : лизин-глутамин-треонин-аланин-аланин-аланин-лизин-… С какой последовательности нуклеотидов начинается ген, соответствующий этому белку?
Участок молекулы белка имеет следующую последовательность аминокислот: глутамин-фенилаланин-лейцин-тирозин-аргинин. Определите одну из возможных последовательностей нуклеотидов в молекуле ДНК.
Участок молекулы белка имеет следующую последовательность аминокислот: глицин-тирозин-аргинин-аланин-цистеин. Определите одну из возможных последовательностей нуклеотидов в молекуле ДНК.
Одна из цепей рибонуклеазы (фермента поджелудочной железы) состоит из 16 аминокислот: Глу-Гли-асп-Про-Тир-Вал-Про-Вал-Про-Вал-Гис-фен-Фен-Асн-Ала-Сер-Вал. Определите структуру участка ДНК , кодирующего эту часть рибонуклеазы.
Фрагмент гена ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов ГТЦ ЦТА АЦЦ ГГА ТТТ. Определите последовательность нуклеотидов и-РНК и аминокислот в полипептидной цепи белка.
Фрагмент гена ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов ТЦГ ГТЦ ААЦ ТТА ГЦТ. Определите последовательность нуклеотидов и-РНК и аминокислот в полипептидной цепи белка.
Фрагмент гена ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов ТГГ АЦА ГГТ ТТЦ ГТА. Определите последовательность нуклеотидов и-РНК и аминокислот в полипептидной цепи белка.
Определите порядок следования аминокислот в участке молекулы белка, если известно, что он кодируется такой последовательностью нуклеотидов ДНК: ТГА ТГЦ ГТТ ТАТ ГЦГ ЦЦЦ. Как изменится белок , если химическим путем будут удалены 9-й и 13-й нуклеотиды?
Кодирующая цепь ДНК имеет последовательность нуклеотидов: ТАГ ЦГТ ТТЦ ТЦГ ГТА. Как изменится структура молекулы белка, если произойдет удвоение шестого нуклеотида в цепи ДНК. Объясните результаты.
Кодирующая цепь ДНК имеет последовательность нуклеотидов: ТАГ ТТЦ ТЦГ АГА. Как изменится структура молекулы белка, если произойдет удвоение восьмого нуклеотида в цепи ДНК. Объясните результаты.
Под воздействием мутагенных факторов во фрагменте гена: ЦАТ ТАГ ГТА ЦГТ ТЦГ произошла замена второго триплета на триплет АТА. Объясните, как изменится структура молекулы белка.
Под воздействием мутагенных факторов во фрагменте гена: АГА ТАГ ГТА ЦГТ ТЦГ произошла замена четвёртого триплета на триплет АЦЦ. Объясните, как изменится структура молекулы белка.
Фрагмент молекулы и-РНК имеет следующую последовательность нуклеотидов: ГЦА УГУ АГЦ ААГ ЦГЦ. Определите последовательность аминокислот в молекуле белка и её молекулярную массу.
Фрагмент молекулы и-РНК имеет следующую последовательность нуклеотидов: ГАГ ЦЦА ААУ АЦУ УУА. Определите последовательность аминокислот в молекуле белка и её молекулярную массу.
Ген ДНК включает 450пар нуклеотидов. Какова длина, молекулярная масса гена и сколько аминокислот закодировано в нём?
Сколько нуклеотидов содержит ген ДНК, если в нем закодировано 135 аминокислот. Какова молекулярная масса данного гена и его длина?
Фрагмент одной цепи ДНК имеет следующую структуру: ГГТ АЦГ АТГ ТЦА АГА. Определите первичную структуру белка, закодированного в этой цепи, количество (%) различных видов нуклеотидов в двух цепях фрагмента и его длину.
Какова молекулярная масса гена и его длина, если в нем закодирован белок с молекулярной массой 1500 г/моль?
Какова молекулярная масса гена и его длина, если в нем закодирован белок с молекулярной массой 42000 г/моль?
В состав белковой молекулы входит 125 аминокислот. Определите количество нуклеотидов в и-РНК и гене ДНК, а также количества молекул т-РНК принявших участие в синтезе данного белка.
В состав белковой молекулы входит 204 аминокислоты. Определите количество нуклеотидов в и-РНК и гене ДНК, а также количества молекул т-РНК принявших участие в синтезе данного белка.
В синтезе белковой молекулы приняли участие 145 молекул т-РНК. Определите число нуклеотидов в и-РНК, гене ДНК и количество аминокислот в синтезированной молекуле белка.
В синтезе белковой молекулы приняли участие 128 молекул т-РНК. Определите число нуклеотидов в и-РНК, гене ДНК и количество аминокислот в синтезированной молекуле белка.
Фрагмент цепи и-РНК имеет следующую последовательность: ГГГ УГГ УАУ ЦЦЦ ААЦ УГУ. Определите, последовательность нуклеотидов на ДНК, антикодоны т-РНК, и последовательность аминокислот соответствующая фрагменту гена ДНК.
Фрагмент цепи и-РНК имеет следующую последовательность: ГУУ ГАА ЦЦГ УАУ ГЦУ. Определите, последовательность нуклеотидов на ДНК, антикодоны т-РНК, и последовательность аминокислот соответствующая фрагменту гена ДНК.
В молекуле и-РНК содержится 13% адениловых, 27% гуаниловых и 39% урациловых нуклеотидов. Определите соотношение всех видов нуклеотидов в ДНК, с которой была транскрибирована данная и-РНК.
В молекуле и-РНК содержится 21% цитидиловых, 17% гуаниловых и 40% урациловых нуклеотидов. Определите соотношение всех видов нуклеотидов в ДНК, с которой была транскрибирована данная и-РНК
Молекула и-РНК содержит 21% гуаниловых нуклеотидов, сколько цитидиловых нуклеотидов содержится в кодирующей цепи участка ДНК?
Если в цепи молекулы ДНК, с которой транскрибирована генетическая информация, содержалось 11% адениловых нуклеотидов, сколько урациловых нуклеотидов будет содержаться в соответствующем ему отрезке и-РНК?

Используемая литература.

Болгова И.В. Сборник задач по общей биологии с решениями для поступающих в вузы–М.: ООО «Издательство Оникс»:»Издательство.»Мир и Образование», 2008г.
Воробьев О.В. Уроки биологии с применением информационных технологий .10 класс. Методическое пособие с электронным приложением–М.:Планета,2012г.
Чередниченко И.П. Биология. Интерактивные дидактические материалы.6-11 класс. Методическое пособие с электронным интерактивным приложением. – М.:Планета,2012г.
Интернет-ссылки:
http://ru.convdocs.org/download/docs-8406/8406.doc
https://bio.1sept.ru/articles/2009/06

Источник

7 октября 2020

В закладки

Обсудить

Жалоба

Сборник задач по молекулярной биологии

Пособие для 9-11 классов.

mb.docx
mb.pdf

Молекулярная биология – наука, ставящая своей задачей познание природы явлений жизнедеятельности путем изучения биологических объектов и систем на уровне, приближающемся к молекулярному уровню, а в ряде случаем и достигающем этого предела. Конечной целью при этом является выяснение того, каким образом и в какой мере характерные проявления жизни, такие, как наследственность — воспроизведение себе подобного, биосинтез белков, возбудимость, рост и развитие, хранение и передача информации, превращения энергии, подвижность и т. д., обусловлены структурой, свойствами и взаимодействием молекул биологически важных веществ, в первую очередь двух главных классов высокомолекулярных биополимеров – белков и нуклеиновых кислот. Неотъемлемой частью изучения молекулярной биологии является приобретение навыков решения задач, методом применения на практике теоретических знаний биологических закономерностей.

Автор: Басова Александра Васильевна.

Источник

Подготовка
к ЕГЭ по биологии. 4.Мол.биол. С ответами
стр. 12
из 12

Тесты

для
подготовки к ЕГЭ по биологии

Составитель – доцент СУНЦ НГУ к.б.н.
М.А. Волошина

Новосибирск 2008

Тесты составлены по материалам ЕГЭ
прошлых лет. Задания выбирались из
сборников с грифом ФИПИ (институт –
разработчик ЕГЭ). Ответы приводятся по
тем же источникам. К некоторым даны мои
комментарии.

Все задания разбиты по темам, соответствущим
главам школьных учебников. Предназначены
как для самостоятельной подготовки к
ЕГЭ, так и для школьных факультативов.

Каждый тест представлен в двух файлах
– 1) без ответов и 2) с овтетами. Правильные
ответы помечены знаком + или даны в
таблице соответствий.

Рекомендуется сначала прорешать задания
в файле без ответов, расставить плюсики
у тех ответов, которые вы считаете
правильными, а потом сравнить свой
результат с ответами, данными разработчиками
экзамена.

Литература.

При составлении были использованы
следующие источники:

ЕГЭ 2008. Биология. Федеральный банк
экзаменационных материалов. /
Автор-составитель Р.А. Петросова. – М.:
ЭКСМО, 2008. – 272 С.
Экзаменационные материалы для подготовки
к единому государственному экзамену.
ЕГЭ-2007. Биология. Составитель: Манамшьян
Т.А. М.: ООО РУСТЕСТ, 2006. С грифом ФИПИ.
доступна в сети
http://metodik.bryanskedu.net/?id=777
Деркачева Н.И., Соловьев А.Г. ЕГЭ 2008.
Выполнение заданий части 3 (С). М.:
Экзамен, 2009. – 350 С. (без грифа ФИПИ, но
есть хорошие задачи)
Варианты ЕГЭ с сайта http://down.ctege.org/ege/
(без ответов)
Демоверсии на сайте ФИПИ
http://www.fipi.ru/view/sections/91/docs/

Авторские права.

Составление и
комментарии.

Выберите
один
ответ,
который является наиболее правильным

Какое
из перечисленных соединений образуется
во время транскрипции?

А)
АТФ

Б)
ДНК

В)
рРНК +

Г)
белок
Назовите
нуклеиновую кислоту, которая перемещает
аминокислоты из цитоплазмы в рибосому.

А)
ДНК

Б)
иРНК

В)
тРНК +

Г)
рРНК
Матрицей
для процесса трансляции служит молекула

А)
тРНК

Б)
ДНК

В)
рРНК

Г)
иРНК +
Триплетность,
специфичность, универсальность,
неперекрываемость – это свойства:

А)
генотипа

В)
генетического кода +

Б)
генома

Г)
генофонда популяции
Информация
о последовательности расположения
аминокислот в молекуле белка переписывается
в ядре с молекулы ДНК на молекулу

А)
АТФ

Б)
рРНК

В)
тРНК

Г)
иРНК +
Роль
матрицы в синтезе молекул иРНК выполняет
1. полипептидная
  нить
2. плазматическая
  мембрана
3. одна
  из цепей молекулы ДНК +
4. мембрана
  эндоплазматической сети
Большую
роль в биосинтезе белка играет тРНК,
которая
1. служит
  матрицей для синтеза белка
2. доставляет
  аминокислоты к рибосомам +
3. переносит
  информацию из ядра к рибосомам
4. служит
  местом для сборки полипептидной цепи
В
рибосоме при биосинтезе белка
располагаются два триплета иРНК, к
которым в соответствии с принципом
комплементарности присоединяются
триплеты

А)
тРНК +

Б)
рРНК

В)
белка

Г)
ДНК

Единство
генетического кода всех живых существ
на Земле проявляется в его

А) триплетности	В) специфичности
Б) однозначности	Г) универсальности +

Белок
состоит из 300 аминокислот. Сколько
нуклеотидов в гене, который служит
матрицей для синтеза этого белка?

А)
300

Б)
100

В)
900 +

Г)
1500

Комментарий.
В такой формулировке вопрос не имеет
однозначного ответа, но тем не менее он
повторяется в ЕГЭ из года в год, поэтому
надо знать, как на него отвечать
«правильно».

Вопрос
на свойства генетического кода, а именно
– триплетность. Правильным ответом в
ЕГЭ считается «число аминокислот» × 3.

На
самом же деле, предсказать точную длину
гена, зная лишь длину кодируемого им
белка, нельзя. Можно сказать лишь
минимальную
его длину: ген не может быть короче числа
нуклеотидов, равного числу аминокислот,
умноженному на 3 (т.е. ответы А и Б в данном
задании заведомо неправильные).

В
реальности же ген всегда длиннее –
добавляется, как минимум, СТОП-кодон, а
также промотор и терминатор. Кроме того,
у гена еще есть регуляторная часть, а у
эукариот – и интроны. Поэтому реальная
длина гена эукариот обычно раз в десять
больше, чем вычисленное таким путем.

Правильной
формулировкой данного вопроса было бы
«Назовите минимальное
число нуклеотидов в кодирующей части
гена».

Сколько
нуклеотидов находится на участке гена,
в котором закодирована первичная
структура молекулы белка, содержащего
130 аминокислот?

А)
65

Б)
130

В)
260

Г)
390 +

Комментарий.
Тот же, что к вопросу 10. Здесь формулировка
чуть более точная, но СТОП-кодон все
равно куда-то пропал.

Неклеточные
формы, способные размножаться, только
проникнув в клетку-мишень, — это

А)
вирусы +

Б)
бактерии

В)
простейшие

Г)
лишайники
В
иРНК содержание аденина составляет
22%, цитозина — 27%, гуанина — 23% и урацила
— 28%. Сколько процентов аденина содержится
в участке ДНК, на котором был осуществлен
синтез указанной иРНК?

А)
27%

Б)
23%

В)
28% +

Г)
22%

Пояснение
и ход решения.
иРНК синтезировалась по матричной цепи
ДНК по принципу комплементарности.
Напротив А
в ДНК вставал У
в иРНК. Значит, в матричной цепи ДНК
столько же аденина, сколько урацила в
РНК – 28%. Этот ответ и считается правильным
в ЕГЭ.

А
теперь – что на самом деле. На самом
деле мы опять видим неточно сформулированный
вопрос. Потому что ДНК – двуцепочечная
молекула. А значит, надо считать процентное
содержание А
в двух цепях. Посчитаем содержание пар
А-Т
и поделим пополам (потому что в
двуцепочечной молекуле содержание А
= содержанию Т,
а содержание Г
= содержанию Ц).
Пар А-Т
будет 22 + 28 = 50%, а значит А
– 25%, это и был бы правильный ответ.

Но
поскольку среди предлагаемых вариантов
ответа его нет, то делаем вывод, что
вопрос должен был звучать так: «Сколько
процентов аденина содержится в участке
той
цепи
ДНК…»

Какой
антикодон транспортной РНК соогветствует
триплету ТГА в молекуле ДНК?

А)
АЦУ

Б)
ЦУГ

В)
УГА +

Г)
АГА

Комментарий.
Вопрос некорректный, так как у ДНК две
цепи, а какая имеется в виду, не сказано.
Кроме того, не указано, где 3´, а где 5´
концы антикодона. Тем не менее, вопрос
встречается часто. Поэтому обраща-емся
к комментарию ФИПИ к ЕГЭ 2008 (составитель
Петросова):

«Здесь
следует учесть, что на иРНК информация
списывается с ДНК, т.е. кодоны иРНК
комплементарны соответствующим триплетам
ДНК. А так как антикодон тРНК и кодон
иРНК тоже, в свою очередь, комплементарны
(противоположны), то антикодон тРНК и
триплет на ДНК одинаков, только вместо
урацила в ДНК стоит тимин. Например,
триплет ДНК – АТЦ,
кодон иРНК – УАГ,
а антикодон тРНК – АУЦ»

Откуда
ясно, что подразумевается матричная
(транскрибируемая) цепь
ДНК.

Антикодону
У Г Г на тРНК соответствует триплет на
ДНК

А)
А Г Г

Б)
Т Г Г +

В)
Ц Ц У

Г)
У У Ц

Комментарий.
Ход решения тот же, что в предыдущем
вопросе.

Хранителем
наследственности в клетке являются
молекулы ДНК, так как в них закодирована
информация о
1. первичной
  структуре молекул белка +
2. составе
  молекулы АТФ
3. строении
  триплета
4. строении
  аминокислот
Встраивание
своей нуклеиновой кислоты в ДНК
клетки-хозяина осуществляют
1. бактериофаги
  +
2. хемотрофы
3. автотрофы
4. цианобактерии
  
  демоверсия
  2009
Выберите
правильную последовательность передачи
информации в процессе синтеза белка в
клетке.
1. ДНК
  → информационная РНК → белок +
2. ДНК
  → транспортная РНК → белок
3. рибосомная
  РНК → транспортная РНК → белок
4. рибосомная
  РНК → ДНК → транспортная РНК → белок
  демоверсия
  2009
В
жизненном цикле клетки процесс репликации
ДНК осуществляется в

А)
интерфазе +

Б)
профазе

В)
метафазе

Г)
телофазе
К
ретровирусам относится
1. вирус
  табачной мозаики
2. бактериофаг
3. вирус
  гриппа
4. вирус
  саркомы Рауса +

Комментарий.
Ретровирусы – это вирусы, ипользующие
обратную транскрипцию РНК → ДНК. В эту
группу входят ВИЧ и все вирусы рака.

В
эукариотической клетке
1. РНК
  синтезируется в ядре, белки в цитоплазме
  +
2. РНК
  и белки синтезируются в ядре
3. РНК
  и белки синтезируются в цитоплазме
4. РНК
  синтезируется в цитоплазме, белки в
  ядре
Две
одинаковые одноцепочечные молекулы
РНК содержит вирус

А)
гриппа

Б)
оспы

В)
герпеса +

Г)
СПИДа +

Комментарий.
Можно придраться к терминологии. Вирус
– ВИЧ.

А
СПИД – заболевание, развивающееся как
следствие.

Последовательность
аминокислот в молекуле белка может не
измениться при замене одного нуклеотида
на другой в молекуле ДНК, благодаря
следующему свойству кода

А) вырожденности +	В) однозначности
Б) универсальности	Г) триплетности

У
большинства вирусов, поражающих человека
и животных, капсид имеет форму

А)
икосаэдра +

В)
палочки

Б)
спирали

Г)
шара
Внешнюю
оболочку, состоящую из двойного слоя
плазматической мембраны клетки хозяина,
имеет вирус

А)
табачной мозаики +

В)
СПИДа +

Б)
бактерий

Г)
кори
Вирус
кори, попав в организм человека,
размножается в

А)
плазме крови +

В)
лимфе

Б)
межклеточной жидкости

Г)
клетках тела +

Капсид,
состоящий из идентичных полипептидных
субъединиц содержит

А) вирус табачной мозаики +	В) бактериофаг
Б) ВИЧ	Г) вирус саркомы Рауса

В
жизненном цикле клетки процессы
транскрипции осуществляются в

А)
интерфазе +

Б)
профазе

В)
метафазе

Г)
телофазе
Транскрипция,
в отличие от репликации ДНК,
1. реакция
  матричного синтеза
2. осуществляется
  по принципу комплементарности
3. протекает
  на одной нити ДНК +
4. происходит
  с помощью фермента ДНК-полимеразы
Биосинтез
полипептидной молекулы завершается,
если на рибосому попадает триплет иРНК

А)
ГЦУ

Б)
ГГА

В)
АГУ

Г)
УГА +

Комментарий.
СТОП-кодон.

Биосинтез
некоторых белков происходит

А) на гладкой ЭПС	В) в лизосомах
Б) в комплексе Гольджи	Г) в митохондриях +

Природные
генетические векторы, используемые в
методах генной инженерии — это

А) плазмиды +	В) бактериальные хромосомы
Б) стволовые клетки	Г) оплодотворенные яйцеклетки

Вещества,
синтезируемые грибами или бактериями,
вызывающие гибель патогенных бактерий
называются

А)
гормонами

В)
пестицидами

Б)
антибиотиками +

Г)
фитонцидами
Генетическая
конструкция, в составе которой при
использовании метода генной инженерии
намеченные гены будут внедряться в
геном другого вида, называется

А)
репортером

В)
плазмидой

Б)
вектором +

Г)
трансплантатом
Специфичность
функции соматических клеток определяется
1. различной
  генетической информацией, локализованной
  в ядре
2. различным
  количеством хромосом в разных клетках
3. отсутствием
  некоторых генов
4. транскрипцией
  разных участков ДНК +
Лечение
антибиотиками может привести к
1. развитию
  рахита
2. изменению
  микрофлоры кишечника +
3. развитию
  гепатита
4. возникновению
  микседемы

Комментарий.
Антибиотики – вещества, специфичные
к бактериям. Блокируют их рост и
размножение.

Источник

Типы задач

Установление последовательности нуклеотидов в ДНК, иРНК, антикодонов тРНК, используя принцип комплементарности.
Вычисление количества нуклеотидов, их процентное соотношение в цепи ДНК, иРНК.
Вычисление количества водородных связей в цепи ДНК, иРНК.
Определение длины, массы ДНК, иРНК.
Определение последовательности аминокислот по таблице генетического кода.
Определение массы ДНК, гена, белка, количества аминокислот, нуклеотидов.
Комбинированные .

Требования к решению задач

ход решения должен соответствовать последовательности процессов, протекающих в клетке
решать задачи осознано, обосновывать каждое действие теоретически
запись решения оформлять аккуратно, цепи ДНК, иРНК , тРНК прямые, символы нуклеотидов четкие, расположены на одной линии по горизонтали
цепи ДНК, иРНК , тРНК размещать на одной строке без переноса
ответы на все вопросы выписывать в конце решения

ДНК

( дезоксирибонуклеиновая кислота)

две цепи в спирали

состоят из нуклеотидов

РНК

(рибонуклеиновая кислота)

Строение нуклеотида

1 дезоксирибоза

2 остаток фосфорной кислоты

одна цепь

1 рибоза

3 азотистое основание:

2 остаток фосфорной кислоты

А- аденин

3 азотистое основание:

Г – гуанин

Ц – цитозин

А- аденин

Т — тимин

Г – гуанин

А-Т, Г-Ц Принцип комплементарности А-У, Г-Ц

Ц – цитозин

Между азотистыми основаниями водородные связи

У — урацил

Правила Чаргаффа

А = Т двойная , Г ≡ Ц тройная

*азотистые основания : 1. Пуриновые – А, Г 2. Пиримидиновые – Ц, Т,У

А=Т, Г=Ц А+Г = Т+Ц ( 100% в 2-х цепях)

( 100 % в 1-й цепи)

Функция: хранение наследственной информации

*Спираль ДНК:

Виды РНК и их функции:

1. иРНК или мРНК – 5%, считывает информацию с ДНК и переносит её к рибосоме

2. тРНК – 10%, переносит аминокислоту

3. рРНК – 85%, входит в состав рибосом

Ширина 2 нм
Шаг спирали 10 пар нуклеотидов 3,4 нм
Длина нуклеотида 0, 34 нм
Масса ДНК 6·10 -12

Первый тип задач — задачи на установление последовательности нуклеотидов в ДНК, иРНК, антикодонов тРНК

Участок правой цепи молекулы ДНК имеет последовательность нуклеотидов:
А-Г-Т-Ц-Т-А-А-Ц-Т-Г-А-Г-Ц-А-Т. Запишите последовательность нуклеотидов левой цепи ДНК.
Дано: ДНК А-Г-Т-Ц-Т-А-А-Ц-Т-Г-А-Г-Ц-А-Т
Решение: ( нуклеотиды левой цепи ДНК подбираем по принципу комплементарности А-Т, Г-Ц)
ДНК А Г Т Ц Т А А Ц Т Г А Г Ц А Т

ДНК Т Ц А Г А Т Т Г А Ц Т Ц Г Т А

Ответ : левая цепь ДНК имеет последовательность нуклеотидов Т-Ц-А-Г-А-Т-Т-Г-А-Ц-Т-Ц-Г-Т-А

Первый тип задач — задачи на установление последовательности нуклеотидов в ДНК, иРНК, антикодонов тРНК

Участок цепи молекулы ДНК имеет последовательность нуклеотидов: Ц-Т-А-А-Ц-Ц-А-Т-А-Г-Т-Т-Г-А-Г. Запишите последовательность нуклеотидов иРНК.
Дано: ДНК Ц-Т-А-А- Ц-Ц-А-Т-А-Г-Т-Т- Г- А- Г
Решение: ( нуклеотиды иРНК подбираем по принципу комплементарности к ДНК : А-У, Г-Ц)
ДНК Ц Т А А Ц Ц А Т А Г Т Т Г А Г
иРНК Г А У У Г Г У А У Ц А А Ц У Ц
Ответ : иРНК имеет последовательность нуклеотидов Г-А-У-У-Г- Г-У-А-У-Ц-А-А-Ц-У-Ц

* Определите последовательность нуклеотидов иРНК, антикодоны молекул тРНК , если фрагмент ДНК имеет последовательность нуклеотидов

Г-Ц-Ц-Т-А-Ц-Т-А-А-Г-Т-Ц

Дано: ДНК Г-Ц-Ц-Т-А-Ц-Т-А-А-Г-Т-Ц
Решение: (нуклеотиды подбираем по принципу комплементарности А-У, Г-Ц под ДНК сначала строим иРНК, затем тРНК)
ДНК Г Ц Ц Т А Ц Т А А Г Т Ц
иРНК Ц Г Г А У Г А У У Ц А Г
тРНК Г Ц Ц У А Ц У А А Г У Ц
Ответ : иРНК имеет последовательность нуклеотидов Ц Г Г А У Г А У У Ц А Г
антикодоны тРНК Г Ц Ц У А Ц У А А Г У Ц

Второй тип задач — на вычисление количества нуклеотидов, их процентное соотношение в цепи ДНК, иРНК.

В одной молекуле ДНК нуклеотидов с тимином Т -22% . Определите процентное содержание нуклеотидов с А, Г, Ц по отдельности в этой молекуле ДНК.
Дано: Т -22%
Найти: % А, Г, Ц
Решение 1:
согласно правилу Чаргаффа А+Г = Т+Ц, все нуклеотиды в ДНК составляют 100%.
Так как тимин комплементарен аденину, то А=22%.
22+22=44% ( А+Т)
100- 44 =56% (Г+Ц)
Так как гуанин комплементарен цитозину, то их количество тоже равно, поэтому
56 : 2 =28% (Г, Ц)
Решение 2:
согласно правилу Чаргаффа А+Г = Т+Ц, все нуклеотиды в ДНК составляют 100% или А+Г и Т+Ц по 50 %
Так как тимин комплементарен аденину, то А=22%.
следовательно 50 — 22=28% (Г, Ц, т.к. они комплементарны)
Ответ : А=22%, Г=28%, Ц=28%

Сколько содержится нуклеотидов А, Т, Г, во фрагменте молекулы ДНК, если в нем обнаружено 1500 нуклеотидов Ц, что составляет 30% от общего количества нуклеотидов в этом фрагменте ДНК?
Дано: Ц- 30% =1500 нуклеотидов
Найти: количество нуклеотидов А, Т, Г

Решение:
Так как Ц комплементарен Г и их количество равно, то Г =30%,
что составляет 1500 нуклеотидов.
согласно правилу Чаргаффа А+Г = Т+Ц, все нуклеотиды в ДНК составляют 100%
А+Г и Т+Ц по 50 % следовательно 50-30=20% (А, Т). Составим пропорцию 30% — 1500
20% — ?
20х1500 : 30 =1000 нуклеотидов (А, Т)

Ответ: во фрагменте молекулы ДНК содержится:

Г=1500 нуклеотидов, А=1000 нуклеотидов, Т=1000 нуклеотидов.

* Участок молекулы ДНК ( одна цепочка) содержит:
150 нуклеотидов – А, 50 нуклеотидов – Т,
300 нуклеотидов – Ц, 100 нуклеотидов — Г.
Определите : количество нуклеотидов во второй цепи с А, Т, Г, Ц и общее количество нуклеотидов с А, Т, Ц, Г в двух цепях ДНК.
Дано: нуклеотидов в 1-й цепи ДНК: А-150, Т-50, Ц-300, Г-100.
Найти: А, Т, Ц, Г в двух цепях ДНК.
Решение:
А=Т, Г=Ц, так как они комплементарны, поэтому во второй цепи Т-150, А-50, Г-300, Ц-100
Всего нуклеотидов: А(150+50)+Т(50+150)+Г(300+100)+Ц(100+300)=1200
Ответ: нуклеотидов во второй цепи Т-150, А-50, Г-300, Ц-100;
1200 нуклеотидов в двух цепях.

* В состав иРНК входят нуклеотиды: аденина 28%, гуанина 16%, урацила 24%. Определите процентный состав нуклеотидов у двуцепочной молекулы ДНК, информация с которой «переписана» на иРНК
Дано: нуклеотидов в иРНК: А-28%, У-24%, Г-16%.
Найти: % А, Т, Ц, Г в ДНК.
Решение:
Определяем процентное содержание цитозина в иРНК, учитывая, что сумма всех нуклеотидов иРНК составляет 100%:
100 — ( 24+28+16) = 32% (Ц)
Учитывая принцип комплементарности ( А=Т, У=А, Г=Ц, Ц=Г), вычисляем процентный состав нуклеотидов цепи ДНК, с которой была списана информация на и РНК. Сумма всех нуклеотидов в двух цепях ДНК составляет 100%:
Т=28:2=14%, Г= 32:2=16%, А=24:2=12%, Ц=16:2=8%
Вторая цепочка ДНК является комплементарной первой, следовательно, в ней процентный состав нуклеотидов следующий:
А=14%, Ц=16%, Т=12%, Г=8%
В двуцепочной ДНК процентное содержание нуклеотидов будет таким:
А = 12+14=26%, Т= 14+12=26%, Г=16+8=24%, Ц= 8+16=24%
Ответ: в двух цепях ДНК % состав нуклеотидов: Т -26%, А-26%,
Г-24%, Ц-24%

* Третий тип задач на вычисление количества водородных связей.

Две цепи ДНК удерживаются водородными связями. Определите число водородных связей в этой цепи ДНК, если известно, что нуклеотидов с аденином 12, с гуанином 20.
Дано: А-12, Г-20
Найти: водородных связей в ДНК
Решение:
А=Т, Г=Ц, так как они комплементарны
Между А и Т двойная водородная связь, поэтому 12х2=24 связи
Между Г и Ц тройная водородная связь, поэтому 20х3=60 связей
24+60=84 водородных связей всего
Ответ: 84 водородных связей.

* Четвертый тип задач определение длины, ДНК, иРНК

Участок молекулы ДНК состоит из 60 пар нуклеотидов. Определите длину этого участка (расстояние между нуклеотидами в ДНК составляет 0, 34 нм)
Дано: 60 пар нуклеотидов
Найти: длину участка
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм
60х0,34= 20,4 нм
Ответ: 20,4 нм
Длина участка молекулы ДНК составляет 510нм. Определите число пар нуклеотидов в этом участке.
Дано: длина участка ДНК 510нм
Найти: Определите число пар нуклеотидов
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм
510:0,34= 1500 нуклеотидов
Ответ: 1500 нуклеотидов

Число нуклеотидов в цепи ДНК равно 100. Определите длину этого участка
Дано: 100 нуклеотидов
Найти: длину участка
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм , ДНК состоит из 2-х цепей значит 50 пар нуклеотидов.
50х0,34=17нм
Ответ: 17нм
Число нуклеотидов в цепи и-РНК равно 100. Определите длину этого участка
Дано: 100 нуклеотидов
Найти: длину участка
Решение: длина нуклеотида 0, 34 нм , и-РНК состоит из одной цепи
100х0,34=34нм
Ответ: 34нм

« Биосинтез белка, генетический код»

на участке ДНК строится иРНК
иРНК переходит в цитоплазму
иРНК соединяется с рибосомой ( 2 триплета)
тРНК несет аминокислоту в рибосому
кодон иРНК комплементарен антикодону тРНК
в рибосоме из аминокислот образуется белок
ДНК- РНК- белок
20 аминокислот — 64 триплета
ДНК — иРНК — тРНк
3 нуклеотида =1 триплет =1 аминокислота = 1тРНК

Пятый тип задач — определение последовательности аминокислот по таблице генетического кода.

Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов: ТГГАГТГАГТТА. Определите последовательность нуклеотидов на иРНК, антикодоны тРНК и аминокислотную последовательность фрагмента молекулы белка.
Дано: ДНК Т-Г-Г-А-Г-Т-Г-А-Г-Т-Т-А
Найти: иРНК, тРНК и аминокислотную последовательность белка
Решение: на участке ДНК по принципу комплементарности (А-У, Г-Ц) построим иРНК, затем по цепи иРНК построим тРНК по принципу комплементарности ( А-У, Г-Ц)
ДНК Т- Г- Г- А- Г- Т- Г- А- Г- Т- Т- А
иРНК А-Ц-Ц-У- Ц- А- Ц- У- Ц- А- А- У
тРНК У- Г- Г- А -Г- У- Г -А- Г- У- У-А
иРНК разделим на триплеты и по таблице генетического кода определим аминокислотную последовательность белка:
А-Ц-Ц тре, У-Ц-А сер, Ц-У-Ц лей, А- А-У асн.
Ответ : иРНК А-Ц- Ц-У- Ц- А-Ц-У-Ц-А- А-У
тРНК У- Г -Г- А- Г-У- Г-А-Г- У- У-А
аминокислотную последовательность белка :тре, сер, лей, асн

*Участок молекулы ДНК имеет следующее строение:
ГГА -АЦЦ-АТА-ГТЦ-ЦАА
Определите последовательность нуклеотидов соответствующего участка иРНК. Определите последовательность аминокислот в полипептиде, синтезируемом по иРНК. Как изменится последовательность аминокислот в полипептиде, если в результате мутации пятый нуклеотид в ДНК будет заменён на аденин? Ответ объясните.

Дано: ДНК ГГА -АЦЦ-АТА-ГТЦ-ЦАА
Найти: аминокислотную последовательность исходного белка, мутированного
Решение: определим иРНК по принципу комплементарности
ДНК ГГА -АЦЦ-АТА-ГТЦ- ЦАА
иРНК ЦЦУ- УГГ-УАУ-ЦАГ-ГУУ
По таблице генетического кода определим аминокислотную последовательность белка: про, три, тир, глн, вал
В результате мутации ДНК изменится , т.к. пятый нуклеотид в ДНК будет заменён на аденин
ДНК ГГА — А А Ц-АТА-ГТЦ- ЦАА
иРНК ЦЦУ- У У Г-УАУ-ЦАГ-ГУУ
По таблице генетического кода определим аминокислотную последовательность измененного белка : про , лей , тир, глн, вал,
Ответ: про, три, тир, глн, вал; про , лей , тир, глн, вал, так как изменился нуклеотид в ДНК, то изменился нуклеотид иРНК, изменилась аминокислота и структура белка.

* Известно, что все виды РНК синтезируются на ДНК- матрице. Фрагмент молекулы ДНК, на котором синтезируется участок центральной петли тРНК, имеет следующую последовательность нуклеотидов АТАГЦТГААЦГГАЦТ. Установите нуклеотидную последовательность участка тРНК, который синтезируется на данном фрагменте, и аминокислоту, которую будет переносить эта тРНК в процессе биосинтеза белка, если третий триплет соответствует антикодону тРНК.
Дано: ДНК АТАГЦТГААЦГГАЦТ
Найти:
нуклеотидную последовательность участка тРНК
аминокислоту, которую будет переносить тРНК
Решение :
Так как тРНК синтезируются на ДНК, то построим тРНК по принципу комплементарности (А-У, Г-Ц)
ДНК А Т А Г Ц Т Г А А Ц Г Г А Ц Т
тРНК У А У Ц Г А Ц У У Г Ц Ц У Г А
Третий триплет ( антикодон тРНК) ЦУУ , соответствует кодону на иРНК ГАА (по принципу комплементарности), по таблице генетического кода этому кодону соответствует аминокислота ГЛУ, которую переносить данная тРНК.
Ответ: тРНК УАУЦГАЦУУГЦЦУГА
аминокислота ГЛУ

Шестой тип задач — определение массы белка, количества аминокислот, нуклеотидов.

1. Фрагмент молекулы ДНК содержит 1230 нуклеотидных остатков. Сколько аминокислот будет входить в состав белка?
Дано: 1230 нуклеотидов
Найти: количество аминокислот
Решение :
Одной аминокислоте соответствует 3 нуклеотида, поэтому 1230:3= 410 аминокислот.
Ответ: 410 аминокислот.

2. Сколько нуклеотидов содержит ген, кодирующий белок из 210 аминокислот?
Дано: 210 аминокислот
Найти: количество нуклеотидов
Решение :
Одной аминокислоте соответствует 3 нуклеотида, поэтому 210х3=630 нуклеотидов
Ответ: 630 нуклеотидов

*Определите число аминокислот , входящих в состав белка, число триплетов и число нуклеотидов в гене, который кодирует этот белок, если в процессе трансляции участвовало 30 молекул тРНК.
Дано: 30 тРНК
Найти: число аминокислот, триплетов, нуклеотидов в гене
Решение:
1тРНК=1 аминокислоте, поэтому аминокислот 30
1 аминокислоте = 1 триплету, поэтому триплетов 30
1 триплет = 3 нуклеотида, поэтому 30х3=90 нуклеотидов.
Ответ: аминокислот 30, триплетов 30, 90 нуклеотидов

* Молекулярная масса полипептида составляет 40000. Определите длину кодирующего его гена, если молекулярная масса одной аминокислоты в среднем равна 100, а расстояние между соседними нуклеотидами в цепи ДНК составляет 0, 34 нм.
Дано: масса белка — 40000

масса аминокислоты — 100

расстояние между нуклеотидами 0,34нм

Найти: длину гена
Решение:

Так как белок ( полипептид) состоит из аминокислот, найдем количество аминокислот 40000:100=400

1 аминокислота=3 нуклеотида, 400х3=1200 нуклеотидов

Ген состоит из нуклеотидов. Длина гена 1200х0,34=408нм

Ответ: длина гена 408нм

Комбинированные задачи

* Белок состоит из 100 аминокислот. Установите, во сколько раз молекулярная масса участка гена, кодирующего данный белок, превышает молекулярную массу белка, если средняя молекулярная масса аминокислоты -110, а нуклеотида — 300.
Дано:

100 аминокислот,

молекулярная масса аминокислоты -110,

молекулярная масса нуклеотида — 300.

Найти : во сколько раз масса гена превышает массу белка.
Решение:

Так как ген — это участок ДНК, состоящий из нуклеотидов, то определим их количество: одну аминокислоту кодируют 3 нуклеотида ,

то 100х3=300 нуклеотидов.

Молекулярная масса белка 100х110=11000,
Молекулярная масса гена 300х300=90000
Молекулярная масса участка гена, кодирующего данный белок, превышает молекулярную массу белка: 90000: 11000 =8 раз
Ответ : в 8 раз

Какую длину имеет участок молекулы ДНК, в котором закодирована первичная структура инсулина, если молекула инсулина содержит 51 аминокислоту, а один нуклеотид занимает 0,34 нм в цепи ДНК? Какое число молекул тРНК необходимо для переноса этого количества аминокислот к месту синтеза? (Следует учитывать, что одна тРНК доставляет к рибосоме одну аминокислоту.) Ответ поясните.
Дано: 51 аминокислота, 1 нуклеотид 0,34 нм

Найти: длину ДНК, число тРНК

1)для кодирования одной аминокислоты необходимо 3 нуклеотида, 51 х 3 = 153 нуклеотида;
2) участок ДНК имеет длину 0,34 х 153 = 52 нм
3) одна тРНК переносит одну аминокислоту,

поэтому тРНК 51 молекула

Ответ: длина ДНК 52 нм , число тРНК — 51

Энергетический обмен

1. Подготовительный (в пищеварительном канале, лизосомах)

крахмал глюкоза ( Е )

2 . Бескислородный « гликолиз» ( в цитоплазме)

глюкоза 2 ПВК + 2 АТФ

3 . Кислородный «дыхание» ( в митохондриях)

ПВК СО 2 +Н 2 О + 36 АТФ

1 глюкоза = 38 АТФ

В процессе гликолиза образовалось 42 молекулы пировиноградной кислоты. Какое количество молекул глюкозы подверглось расщеплению и сколько молекул АТФ образуется при полном окислении?
Дано : 42 ПВК
Найти : кол-во глюкозы, кол-во АТФ при полном окислении.
Решение:
1) при гликолизе одна молекула глюкозы расщепляется с образованием 2-х молекул пировиноградной кислоты (ПВК), следовательно, гликолизу подверглось: 42 : 2 = 21 молекула глюкозы;
2) при полном окислении одной молекулы глюкозы (бескислородный 2АТФ и кислородный этапы 36 АТФ) образуется 38 молекул АТФ;
3) при окислении 21 молекулы образуется: 21 х 38 = 798 молекул АТФ.
Ответ: 21 молекула глюкозы, 798 молекул АТФ

Деление клетки

мейоз

митоз

Интерфаза

2 n2c —

2n4c

2 n2c —

2n4c

Профаза

Профаза 1

Метафаза 1

6 . 10 -9 мг

12 . 10 -9 мг

2n4c

6 . 10 -9 мг

12 . 10 -9 мг

2n4c

Метафаза

2n4c

12 . 10 -9 мг

Анафаза

Анафаза 1

12 . 10 -9 мг

Телофаза 1

12 . 10 -9 мг

n 2 c

Телофаза

2 n2c

n 2 c

2 n2c

6 . 10 -9 мг

Профаза 2

6 . 10 -9 мг

n 2 c

6 . 10 -9 мг

Метафаза 2

n 2 c

6 . 10 -9 мг

Анафаза 2

6 . 10 -9 мг

n c

Телофаза 2

n c

3 . 10 -9 мг

Общая масса всех молекул ДНК в 46 хромосомах одной соматической клетки человека составляет около 6 . 10 -9 мг. Определите, чему равна масса всех молекул ДНК в ядре при овогенезе перед началом деления, в конце телофазы мейоза I и мейоза II . Объясните полученные результаты.
Дано: 46 хромосом = масса 6 . 10 -9 мг
Найти: массу ДНК: перед началом деления, в конце телофазы мейоза I и мейоза II .
Решение:
1)перед началом деления в процессе репликации число ДНК удваивается и масса ДНК равна 2 • 6 . 10 -9 = 12 . 10 -9 мг;
2) первое деление мейоза редукционное, число хромосом становится в 2 раза меньше, но каждая хромосома состоит из двух молекул ДНК (сестринских хроматид), поэтому в телофазе мейоза I масса ДНК равна 12 . 10 -9 : 2 = 6 . 10 -9 мг;
3)после мейоза II каждое ядро в клетке содержит однохроматидные хромосомы гаплоидного набора, поэтому в телофазе мейоза II масса ДНК равна 6 . 10 -9 : 2 = 3 . 10 -9 мг.
Ответ: масса ДНК перед началом деления 12 . 10 -9 мг, в конце телофазы мейоза I — 6 . 10 -9 мг, в конце телофазы мейоза II — 3 . 10 -9 мг

Источник

А) генотипа	В) генетического кода +
Б) генома	Г) генофонда популяции

А) икосаэдра +	В) палочки
Б) спирали	Г) шара

А) табачной мозаики +	В) СПИДа +
Б) бактерий	Г) кори

А) плазме крови +	В) лимфе
Б) межклеточной жидкости	Г) клетках тела +

А) гормонами	В) пестицидами
Б) антибиотиками +	Г) фитонцидами

А) репортером	В) плазмидой
Б) вектором +	Г) трансплантатом